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数列综合测试题(卷)与答案解析

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高一数学数列综合测试题

1.{an}是首项a1=1,公差为d=3的等差数列,如果an=2 005,则序号n等于( ). A.667

B.668

C.669

D.670

2.在各项都为正数的等比数列{an}中,首项a1=3,前三项和为21,则a3+a4+a5=( ). A.33

B.72

C.84

D.1

3.如果a1,a2,…,a8为各项都大于零的等差数列,公差d≠0,则( ). A.a1a8>a4a5

B.a1a8<a4a5 C.a1+a8<a4+a5 D.a1a8=a4a5

4.已知方程(x2-2x+m)(x2-2x+n)=0的四个根组成一个首项为A.1

B.

1的等差数列,则|m-n|等于( ). 4D.

3 4 C.

1 2

3 85.等比数列{an}中,a2=9,a5=243,则{an}的前4项和为( ).

A.81 B.120 C.168 D.192

6.若数列{an}是等差数列,首项a1>0,a2 003+a2 004>0,a2 003·a2 004<0,则使前n项和Sn>0成立的最大 自然数n是( ). A.4005

B.4006

C.4007

D.4008

7.已知等差数列{an}的公差为2,若a1,a3,a4成等比数列, 则a2=( ). A.-4

B.-6

C.-8

D. -10

8.设Sn是等差数列{an}的前n项和,若A.1

B.-1

a5S5=,则9=( ). a3S59 C.2 D.

1 2a2a1的值是( ). b29.已知数列-1,a1,a2,-4成等差数列,-1,b1,b2,b3,-4成等比数列,则A.

1 2 B.-

1 2 C.-

11或 22 D.

1 4210.在等差数列{an}中,an≠0,an-1-an+an+1=0(n≥2),若S2n-1=38,则n=( ).

A.38 B.20 C.10 D.9

二、填空题 11.设f(x)=

12x2,利用课本中推导等差数列前n项和公式的方法,可求得f(-5)+f(-4)+…+f(0)+…+

f(5)+f(6)的值为 . 12.已知等比数列{an}中,

(1)若a3·a4·a5=8,则a2·a3·a4·a5·a6= . (2)若a1+a2=324,a3+a4=36,则a5+a6= .

(3)若S4=2,S8=6,则a17+a18+a19+a20= .

82713.在和之间插入三个数,使这五个数成等比数列,则插入的三个数的乘积为 .

2314.在等差数列{an}中,3(a3+a5)+2(a7+a10+a13)=24,则此数列前13项之和为 . 15.在等差数列{an}中,a5=3,a6=-2,则a4+a5+…+a10= .

16.设平面内有n条直线(n≥3),其中有且仅有两条直线互相平行,任意三条直线不过同一点.若用f(n)表示这n 条直线交点的个数,则f(4)= ;当n>4时,f(n)= . 三、解答题

17.(1)已知数列{an}的前n项和Sn=3n2-2n,求证数列{an}成等差数列.

(2)已知

18.设{an}是公比为 q的等比数列,且a1,a3,a2成等差数列. (1)求q的值;

(2)设{bn}是以2为首项,q为公差的等差数列,其前n项和为Sn,当n≥2时,比较Sn与bn的大小,并说明理由.

111bccaab,,成等差数列,求证,,也成等差数列. abcabc

19.数列{an}的前n项和记为Sn,已知a1=1,an+1=求证:数列{

n2Sn(n=1,2,3…). nSn}是等比数列. n20.已知数列{an}是首项为a且公比不等于1的等比数列,Sn为其前n项和,a1,2a7,3a4成等差数列,求证:12S3, S6,S12-S6成等比数列.

高一数学数列综合测试题参

一、选择题 1.C

解析:由题设,代入通项公式an=a1+(n-1)d,即2 005=1+3(n-1),∴n=699. 2.C

解析:本题考查等比数列的相关概念,及其有关计算能力. 设等比数列{an}的公比为q(q>0),由题意得a1+a2+a3=21, 即a1(1+q+q)=21,又a1=3,∴1+q+q=7. 解得q=2或q=-3(不合题意,舍去), ∴a3+a4+a5=a1q(1+q+q)=3×2×7=84. 3.B.

解析:由a1+a8=a4+a5,∴排除C. 又a1·a8=a1(a1+7d)=a1+7a1d,

∴a4·a5=(a1+3d)(a1+4d)=a1+7a1d +12d>a1·a8. 4.C 解析: 解法1:设a1=两根之和也为2,

∴a1+a2+a3+a4=1+6d=4, ∴d=∴

11735,a1=,a4=是一个方程的两个根,a1=,a3=是另一个方程的两个根. 24444111122

,a2=+d,a3=+2d,a4=+3d,而方程x-2x+m=0中两根之和为2,x-2x+n=0中44442

2

2

2

2

2

2

2

715,分别为m或n, 16161,故选C. 2∴|m-n|=

解法2:设方程的四个根为x1,x2,x3,x4,且x1+x2=x3+x4=2,x1·x2=m,x3·x4=n. 由等差数列的性质:若+s=p+q,则a+as=ap+aq,若设x1为第一项,x2必为第四项,则x2=差数列为

1357,,,, 4444715,n=, 16161. 27,于是可得等4∴m=

∴|m-n|=5.B

解析:∵a2=9,a5=243,

a52433

=q==27, a29 ∴q=3,a1q=9,a1=3, 3-35240 ∴S4===120.

1-326.B 解析:

解法1:由a2 003+a2 004>0,a2 003·a2 004<0,知a2 003和a2 004两项中有一正数一负数,又a1>0,则公差为负数,否则各项总为正数,故a2 003>a2 004,即a2 003>0,a2 004<0.

∴S4 006=

4006(a1+a4006)2=

4006(a2003+a2004)2>0,

∴S4 007=

40074007·(a1+a4 007)=·2a2 004<0, 22故4 006为Sn>0的最大自然数. 选B.

解法2:由a1>0,a2 003+a2 004>0,a2 003·a2 004<0,同解<0,

∴S2 003为Sn中的最大值.

∵Sn是关于n的二次函数,如草图所示,

∴2 003到对称轴的距离比2 004到对称轴的距离小, ∴

4007在对称轴的右侧. 2(第6题)

法1的分析得a2 003>0,a2 004

根据已知条件及图象的对称性可得4 006在图象中右侧都在其右侧,Sn>0的最大自然数是4 006.

7.B

解析:∵{an}是等差数列,∴a3=a1+4,a4=a1+6, 又由a1,a3,a4成等比数列,

∴(a1+4)=a1(a1+6),解得a1=-8, ∴a2=-8+2=-6. 8.A

2

零点B的左侧,4 007,4 008

9(a1a9)9a5S952解析:∵9===·=1,∴选A.

5(a1a5)5a3S55929.A

解析:设d和q分别为公差和公比,则-4=-1+3d且-4=(-1)q,

4

∴d=-1,q=2, ∴

a2a1d1==. 2b2q22

10.C

22解析:∵{an}为等差数列,∴an=an-1+an+1,∴an=2an,

又an≠0,∴an=2,{an}为常数数列, 而an=

38S2n1,即2n-1==19,

22n1

∴n=10. 二、填空题 11.32. 解析:∵f(x)=

1, x221x212x∴f(1-x)=1x==2x, x2222222111(22x)2x12x12222∴f(x)+f(1-x)=+===. xxxx222222222设S=f(-5)+f(-4)+…+f(0)+…+f(5)+f(6), 则S=f(6)+f(5)+…+f(0)+…+f(-4)+f(-5),

∴2S=[f(6)+f(-5)]+[f(5)+f(-4)]+…+[f(-5)+f(6)]=62, ∴S=f(-5)+f(-4)+…+f(0)+…+f(5)+f(6)=32. 12.(1)32;(2)4;(3)32.

2解析:(1)由a3·a5=a4,得a4=2,

5∴a2·a3·a4·a5·a6=a4=32.

a1a232412q(2), 29(a1a2)q36∴a5+a6=(a1+a2)q=4.

4

S4=a1+a2+a3+a4=24(3)q=2, 4S=a+a++a=S+Sq844812∴a17+a18+a19+a20=S4q=32. 13.216.

16

827解析:本题考查等比数列的性质及计算,由插入三个数后成等比数列,因而中间数必与,同号,由等比中项的

23中间数为

827827=6,插入的三个数之积为××6=216. 322314.26.

解析:∵a3+a5=2a4,a7+a13=2a10, ∴6(a4+a10)=24,a4+a10=4, ∴S13=

13(a1+a13)13(a4+a10)134===26. 22215.-49.

解析:∵d=a6-a5=-5, ∴a4+a5+…+a10

7(a4+a10) 27(a5-d+a5+5d)=

2=

=7(a5+2d) =-49. 16.5,

1(n+1)(n-2). 2解析:同一平面内两条直线若不平行则一定相交,故每增加一条直线一定与前面已有的每条直线都相交,∴f(k)=

f(k-1)+(k-1).

由f(3)=2,

f(4)=f(3)+3=2+3=5, f(5)=f(4)+4=2+3+4=9,

……

f(n)=f(n-1)+(n-1),

相加得f(n)=2+3+4+…+(n-1)=三、解答题

17.分析:判定给定数列是否为等差数列关键看是否满足从第2项开始每项与其前一项差为常数. 证明:(1)n=1时,a1=S1=3-2=1,

当n≥2时,an=Sn-Sn-1=3n-2n-[3(n-1)-2(n-1)]=6n-5,

2

2

1(n+1)(n-2). 2n=1时,亦满足,∴an=6n-5(n∈N*).

首项a1=1,an-an-1=6n-5-[6(n-1)-5]=6(常数)(n∈N*),

∴数列{an}成等差数列且a1=1,公差为6. (2)∵ ∴

111,,成等差数列, abc211=+化简得2ac=b(a+c). bacbc+c2+a2+abb(a+c)+a2+c2(a+c)2(a+c)2b+ca+ba+c +=====2·,

b(a+c)acacacacb2∴

b+cc+aa+b,,也成等差数列. abc2

18.解:(1)由题设2a3=a1+a2,即2a1q=a1+a1q, ∵a1≠0,∴2q-q-1=0, ∴q=1或-

1. 22

n(n-1)n2+3n(2)若q=1,则Sn=2n+=.

22(n-1)(n+2)当n≥2时,Sn-bn=Sn-1=>0,故Sn>bn.

2-n2+9nn(n-1)11若q=-,则Sn=2n+ (-)=.

4222(n-1)(10-n)当n≥2时,Sn-bn=Sn-1=,

4故对于n∈N+,当2≤n≤9时,Sn>bn;当n=10时,Sn=bn;当n≥11时,Sn<bn. 19.证明:∵an+1=Sn+1-Sn,an+1=

n+2Sn, n∴(n+2)Sn=n(Sn+1-Sn),整理得nSn+1=2(n+1) Sn, 所以故{

Sn+12S=n. n+1nSn}是以2为公比的等比数列. n6

3

20.证明:由a1,2a7,3a4成等差数列,得4a7=a1+3a4,即4 a1q=a1+3a1q, 变形得(4q+1)(q-1)=0, ∴q=-

3

3

3

13

或q=1(舍). 4a1(1q6)1q3S611q 由===;

12a1(1q3)12S312161qa1(1q12)S12S6SS6SS611q6

12=12-1=-1=1+q-1=; 得=.

a1(1q6)S6S6S612S3161q

∴12S3,S6,S12-S6成等比数列.

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