东西湖区第三高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理

一、选择题

1． 在匀强电场中，把一个电量为q的试探电荷从A移动到B点。已知场强为E，位移大小为d，初末位置电势差为U，电场力做功为W，A点电势为。下面关系一定正确的是 A. B. C. D.

2． 在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是

A．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证 B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点 C．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比

D．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快

3． 如图甲所示，在倾角为30°足够长的光滑斜面上，质量为m的物块受到平行于斜面的力F作用，其变化规律如图乙，纵坐标为F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正方向，则丙中正确表达物块速度v随时间t变化规律的是（物块初速度为零，g取10m/s）

4． 如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。若A、B间距为L，C是AB 的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。则下列判断正确的是

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A. 从A至B，q 先做匀加速运动，后做匀减速运动 B. 在B点受到的库仑力大小是mgsinθ

C. Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=

D. 在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大

5． 如图甲所示，两平行金属板A、B放在真空中，间距为d，P点在A、B板间，A板接地，B板的电势随时间t的变化情况如图乙所示，t=0时，在P点由静止释放一质量为m、电荷量为e的电子，当=2T时，电子回到P点。电子运动过程中未与极板相碰，不计重力，则下列说法正确的是

A.： =1：2 B.： =1：3

C. 在0～2T时间内，当t=T时电子的电势能最小 D. 在0～2T 时间内，电子的电势能减小了

6． 如图所示，物块A和B用细线绕过定滑轮相连，B物块放在倾角为θ=37°的斜面上刚好不下滑，连接物块B的细线与斜面垂直，物块与斜面间的动摩擦因数为μ=0.8，设物块B受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A与B的质量之比为

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A. 1：20 B. 1：15 C. 1：10 D. 1：5

7． 如图甲所示,一火警报警器的部分电路示意图,其中R2为半导体情时,显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（ ）

热敏材料制成的传感器,其

电阻随温度T变化的图线如图乙所示,电流表为值班室的显示器,a、b之间接报警器,当传感器R2所在处出现火

A. I变大,U变大 B. I变大,U变小 C. I变小,U变大 D. I变小,U变小

8． 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（ ） A．电容器带电量不变

B．尘埃仍静止

C．检流计中有a→b的电流 D．检流计中有b→a的电流

9． 如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻线悬挂于O点。现给电容器缓慢充电，使两极板所带电荷量分别为+Q和-Q ，此时悬线与竖直方向的夹角为π/6。再给电容器缓慢充电，直到悬线与竖直方向的夹角增加到π/3，且小球与两极板不接触。则第二次充电使电容器正极板增加的电量是（ ）

A．Q/2 B．Q C．3Q D．2Q

10．如图所示，回旋加速器D形盒的半径为R，所加磁场的磁感应强度为质量为m、电荷量为q的质子（1H），质子从下半盒的质子源由静止出发，

1B，用来加速加速到最大

能量E后，由A孔射出．则下列说法正确的是（ ） A．回旋加速器加速完质子在不改变所加交变电压和 磁场情况下，可以直接对（4He）粒子进行加速

2B．只增大交变电压U，则质子在加速器中获得的最大能量将变大 2mEC．回旋加速器所加交变电压的频率为

2πmRD．加速器可以对质子进行无限加速

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11．一个物体以初速度v0沿光滑斜面向上运动，其速度v随时间t变化的规律如图所示，在连续两段时间m和n内对应面积均为S，则b时刻瞬时速度vb的大小为

A. C.

B. D.

为理想电减小），C从25℃升示数变化

12．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电压表V1、V2、V3压表，R1、R3为定值电阻，R2为热敏电阻（其阻值随温度增高而为电容器，闭合开关S，电容器C中的微粒A恰好静止．当室温高到35℃的过程中，流过电源的电流变化量是△I，三只电压表的量是△U1、△U2和△U3．则在此过程中（ ） A．V2示数减小

B．微粒A向上加速运动

C．Q点电势降低 D．

U2U3 II动员鲍姆

13．（2015·江苏南通高三期末）2012年10月15日著名极限运确的是（ ）

加特纳从3.9万米的高空跳下，并成功着陆。假设他沿竖直方向下落，其v－t图象如图所示，则下列说法中正

A．0～t1时间内运动员及其装备机械能守恒 B．t1～t2时间内运动员处于超重状态 v1＋v2

C．t1～t2时间内运动员的平均速度v＜

2

－

D．t2～t4时间内重力对运动员所做的功等于他克服阻力所做的功

14．为了研究超重与失重现象，某同学把一体重秤放在电梯的地板上，他站在体重秤上随电梯运动并观察体重

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秤示数的变化。下表记录了几个特定时刻体重秤的示数。下列说法正确的是

A．t1和t2时刻该同学的质量并没有变化，但所受重力发生变化 B．t1和t2时刻电梯的加速度方向一定相反

C．t1和t2时刻电梯运动的加速度大小相等；但运动的速度方向一定相反 D．t3时刻电梯可能向上运动

15．图示为一电场的的电场线图，关于A、B两点的电场强度，下列说法正确的是

A. A点的电场强度小于B点的电场强度 B. A点的电场强度大于B点的电场强度 C. B点的电场强度度方向向左，A点的向右 D. 负电荷在B点受到的电场力向左

16．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是

A. A B. B C. C D. D

17．用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～to时间内物块做匀加速直线运动，to时刻后物体继续加速，t1时刻物块达到最大速度。已知物块的质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是

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A. 物块始终做匀加速直线运动 B. 0～t0时间内物块的加速度大小为C. to时刻物块的速度大小为

D. 0～t1时间内绳子拉力做的总功为

18．为了解决农村电价居高不下的问题，有效地减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程，工程包括两项主要内容：（1）更新变电设备，提高输电电压；（2）更新电缆，减小输电线电阻．若某输电线路改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗功率将变为原来的 A．0.2倍

B．0.32倍

C．0.4倍

D．0.16倍

二、填空题

19．把带电量

的电荷从A点移到B点，电场力对它做功

。则A、B两点间的电势差

为_______J。

为

_______V，若A点的电势为0，B点的电势为_______V，该电荷在B点具有的电势能

20．如图所示，水平导轨间距为L=0.5m，导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量m=l kg，电阻R0=0.9Ω，与导轨接触良好；电源电动势E=10V，内阻r=0.1Ω，电阻R=4Ω；外加匀强磁场的磁感应强度B=5T，方向垂直于ab，与导轨平面成α=53°角；ab与导轨间动摩擦因数为μ=0.5（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），定滑轮摩擦不计，线对ab的拉力为水平方向，重力加速度g=10m/s2，ab处于静止状态．（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求： （1）ab受到的安培力大小和方向．

（2）重物重力G的取值范围．

21．输送1.0×l05瓦的电功率，用发1.0×l04伏的高压送电，输电导线

的电阻共计1.0

欧，输电导线中的电流是 A，输电导线上因发热损失的电功率是 W。

三、解答题

22．（2016·福州市高三模拟）如图所示，由运载火箭将飞船送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，A点距地面的高度为h1，飞船飞行五圈后进行变轨，进入预定圆轨道在预定圆轨道上飞行N圈所用时间为t。已知地球表面重力加速度为g，地球半径为R。求：

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（1）飞船在A点的加速度大小aA； （2）远地点B距地面的高度h2； （3）沿着椭圆轨道从A到B的时间tAB。

23．（2016·江苏南通高三期末）一物体在一个水平拉力作用下在粗糙水平面上沿水平方向运动的v－t图象如图甲所示，水平拉力的P－t图象如图乙所示，g＝10 m/s2，图中各量的单位均为国际单位制单位。 （1）若此水平拉力在6 s内对物体所做的功相当于一个恒定力F′沿物体位移方向所做的功，则F′多大？ （2）求物体的质量及物体与水平面间的动摩擦因数。

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东西湖区第三高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理（参考答案） 一、选择题

1． 【答案】A

【解析】因初末位置电势差为U，则电场力的功为W=Uq，选项A正确；因位移d不一定是沿电场线的方向，则U=Ed不一定正确，故选项BCD错误；故选A. 2． 【答案】C 3． 【答案】C 4． 【答案】C 【解析】

5． 【答案】BD

【解析】根据场强公式可得0～T时间内平行板间的电场强度为：向上做匀加速直线运动，经过时间T的位移为：度为：

，加速度为：

，电子的加速度为：

，且

，速度为：v1=a1T，同理在T～2T内平行板间电场强

，

，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：

由题意2T时刻回到P点，则有：x1+x2=0，联立可得：φ2=3φ1，故A错误，B正确；当速度最大时，动能最大，电势能最小，而0～T内电子做匀加速运动，之后做匀减速直线运动，因φ2=3φ1，所以在2T时刻电势能最小，故C错误；电子在2T时刻回到P点，此时速度为：

，（负号表示方向向下），电子的动

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能为：确，AC错误。 6． 【答案】A

，根据能量守恒定律，电势能的减小量等于动能的增加量，故D正确。所以BD正

【解析】对A、B受力分析如图所示：

对A物体根据平衡条件得：

，摩擦力为：

7． 【答案】D

。对B物体在沿斜面方向有：

，联立以上并带入数据可得：

，在垂直斜面方向有：，故A正确，BCD错误。

【解析】试题分析：当传感器所在处出现火情时，温度升高，由图乙知的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流

变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压

变小，电流表示数I变小，故D正确。

，

变大，其他量不变，则8． 【答案】BC 9． 【答案】D 10．【答案】C 11．【答案】C

【解析】设b点的速度为vb，加速度为a，根据位移时间公式：速度位移间的关系为：vb=va+am，联立解得：12．【答案】AD 13．【答案】BC

【解析】0～t1内速度图线的斜率在减小，说明运动员做加速度逐渐减小的加速运动，加速度方向向下，所以运动员及其装备一定受到阻力作用，机械能不守恒，故A错误；t1～t2时间内由于图象的斜率在减小，斜率为负值，说明加速度方向向上，根据牛顿运动定律得知运动员处于超重状态，B正确；t1～t2时间内，若运动员v1＋v2做匀减速运动，平均速度等于，而根据“面积”表示位移得知，此过程的位移小于匀减速运动的位移，

2

可得：

和

，

考点：闭合电路的欧姆定律．

，故C正确，ABD错误。

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v1＋v2

所以此过程的平均速度v＜，C正确；t2～t4时间内重力做正功，阻力做负功，由于动能减小，根据动能

2

－

定理得知，外力对运动员做的总功为负值，说明重力对运动员所做的功小于他克服阻力所做的功，D错误。 14．【答案】BD 【

解

析

】

15．【答案】B

【解析】电场线的疏密代表场强的强弱，根据图象可知，在电场的A点的电场线较密，所以在A点的电场强度要比B点的电场强度大，故A错误，B正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知B点的电场线的方向向左，A点沿着该点切线方向，指向左方，故C错误；负电荷在B点受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以受到向右的电场力，故D错误。所以B正确，ACD错误。 16．【答案】B 【解析】

17．【答案】D

【解析】由图可知在0-t0时间内物块做匀加速直线运动，t0时刻后功率保持不变，根据P=Fv知，v增大，F减小，物块做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，物体做匀速直线运动，故A错误；根据P0=Fv=Fat，由牛顿第二定律得：F=mg+ma，联立可得：P=（mg+ma）at，由此可知图线的斜率为：知

，故B错误；在t1时刻速度达到最大，F=mg，则速度：

，可

，

，可知t0时刻物块的速度大小小于

故C错误；在P-t图象中，图线围成的面积表示牵引力做功的大小即：确，ABC错误。 18．【答案】A 【解析】

，故D正确。所以D正

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PP22，电功率损耗为：P＝IR＝()R ① UUP2改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，故：P＝()R ②

U联立①②解得：P0.2P

试题分析：传输功率不变，故传输电流为：I考点：考查了电功率，电工的计算

二、填空题

19．【答案】 （1）. 200 （2）. -200 （3）. -8×10-6

10-6J．则A、B两点间的电势差【解析】由题意，电荷从A点移到B点时电场力做的功8×

；因UAB=φA-φB，若A点的电势为0，B点的电势为-200V；该电荷在B点具

有的电势能：20．【答案】 （1）由闭合电路的欧姆定律可得， 通过ab的电流I

E2A 方向：由a到b； RR0rab受到的安培力：F=BIL=5×2×0.5=5N；方向：与水平成37°角斜向左上方 （2）ab受力如图所示，最大静摩擦力：fmax(mgFcos530)3.5N 由平衡条件得： 当最大静摩擦力方向向右时：TFsin530fmax0.5N 当最大静摩擦力方向向左时：TFsin530fmax7.5N 由于重物平衡，故：T=G 则重物重力的取值范围为：0.5NG7.5N； 21．【答案】10；100

【解析】由PUI，得输电导线中的电流I2P=10A U输电导线上因发热损失的电功率: PIr=100×1=100W

三、解答题

22．【答案】 【

解

析

】

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2πMm

（2）由万有引力提供向心力得，G2＝mr（）2，

rT

t

又h2＝r－R，T＝，

N联立解得，h2＝3

gR2t2－R 4π2N23

r＋R＋h1

（3）椭圆轨道的半长轴R′＝＝

2

R′3r3

根据开普勒第三定律得＝2 T′2T

R′3T2＝2πr33

（3

gR2t2＋R＋h1

4π2N2

2

解得，T′＝gR2t23

22＋R＋h1）4πN

8gR2所以沿着椭圆轨道从A到B的时间 gR2t23

（22＋R＋h1）4πNT′

tAB＝＝π 28gR2151

23．【答案】 （1） N （2） kg 0.6

136

【解析】（1）由题图甲知物体在6 s内发生的位移为

11

x＝×2×6 m＋2×6 m＋×（2＋6）×2 m＝26 m 22由题图乙知水平拉力所做的功为 11

W＝×2×9 J＋2×6 J＋×（3＋6）×2 J＝30 J

22

15

而W＝F′x，代入数值得F′＝ N

13

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