黄梅县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 如图甲所示,一火警报警器的部分电路示意图,其中R2为半导体热敏材料制成的传感器,其电阻随温度T变化的图线如图乙所示,电流表为值班室的显示器,a、b之间接报警器,当传感器R2所在处出现火情时,显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（ ）

A. I变大,U变大 B. I变大,U变小 C. I变小,U变大 D. I变小,U变小 【答案】D

【解析】试题分析：当传感器所在处出现火情时，温度升高，由图乙知的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流

变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压

变小，电流表示数I变小，故D正确。

，

变大，其他量不变，则

考点：闭合电路的欧姆定律．

2． 2007年10月24日，“嫦娥一号”成功发射，11月5日进入38万公里以外的环月轨道，11月24日传回首张图片，这是我国航天事业的又一成功。“嫦娥一号”围绕月球的运动可以看作匀速圆周运动，万有引力常量已知，如果在这次探测工程中要测量月球的质量，则需要知道的物理量有（ ） A．“嫦娥一号”的质量和月球的半径

B． “嫦娥一号”绕月球运动的周期和轨道半径 C．月球的半径和“嫦娥一号”绕月球运动的周期

D．“嫦娥一号”的质量、月球的半径和“嫦娥一号”绕月球运动的周期 【答案】B 【解析】

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3． 如图，一小球放置在木板与竖直墙壁之间，设墙面对球的压力大小为N1,球对木板的压力大小为N2，以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。不计摩擦，在此过程中

A、N1始终减小，N2始终增大 B、N1始终减小，N2始终减小 C、N1先增大后减小，N2始终减小 D、N1先增大后减小，N2先减小后增大 【答案】B 【解析】

4． 如图所示，倾角为的斜面静置于地面上，斜面上表面光滑，A、B、C三球的质量分别为m、2m、3m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接。弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，现突然剪断细线或弹簧。下列判断正确的是

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A．弹簧被剪断的瞬间，A、B、C三个小球的加速度均为零 B．弹簧被剪断的瞬间，A、B之间杆的弹力大小为零

C．细线被剪断的瞬间，A、B球的加速度沿斜面向上，大小为gsin D．细线被剪断的瞬间，A、B之间杆的弹力大小为4mgsin

【答案】BCD

【解析】若是弹簧被剪断，将三个小球看做一个整体，整体的加速度为设杆的作用力为F，则

，解得

，然后隔离A，对A分析，

，A错误，B正确；剪断细线前，以A、B、C组成的

，

系统为研究对象，系统静止，处于平衡状态，合力为零，则弹簧的弹力为

以C为研究对象知，细线的拉力为3mgsin θ。剪断细线的瞬间，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，以A、B组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得的加速度为解得杆的拉力为

，方向沿斜面向上，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：

，故CD正确。

，解得A、B两个小球

，

5． 某型号的回旋加速器的工作原理如图所示（俯视图）。D形盒内存在匀强磁场，磁场的磁感应强度为B。D形盒半径为R，两盒间狭缝很小，带电粒子穿过狭缝的时间忽略不计。设氘核（

）从粒子源A处射入加

速电场的初速度不计。氘核质量为m、带电荷量为q。加速器接频率为f的高频交流电源，其电压为U。不计重力，不考虑相对论效应。下列正确的是

A．氘核第1次经过狭缝被加速后进入D形盒运动轨道的半径为B．只增大电压U，氘核从D形盒出口处射出时的动能不变

C．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器不能加速氦核（D．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器也能加速氦核（

） ）

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【答案】ABD 【

解

析

】

6． 库仑定律是电磁学的基本定律。1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。下列说法正确的是（ ） A．普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零 B．普里斯特利的猜想运用了“对比”的思维方法

C．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置

D．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量 【答案】C

7． 甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其v－t图象如图所示。根据图象提供的信息可知（ ）

A. 从t＝0时刻起，开始时甲在前，6 s末乙追上甲

B. 从t＝0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远为12.5 m C. 8 s末甲、乙相遇，且距离t＝0时的位置45 m D. 在0～4 s内与4～6 s内甲的平均速度相等 【答案】B

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【

解析】

8． 如图所示，一通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直，磁场的磁感应强度B=0.1T，导线长度L=0.2m，当导线中的电流I=1A时，该导线所受安培力的大小

A. 0.02N B. 0.03N C. 0.04N D. 0.05N 【答案】A

【解析】解：导线与磁场垂直，导线受到的安培力为： F=BIL=0.1×1×0.2=0.02N，故BCD错误，A正确． 故选：A

【点评】本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义

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9． （2018南宁高三摸底考试）中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导轨系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的卫星导航系统。预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（ ）

A．卫星a的角速度小于c的角速度 B．卫星a的加速度大于b的加速度 C．卫星a的运行速度大于第一宇宙速度 D．卫星b的周期等于24 h 【答案】 AD

【解析】【命题意图】本题考查万有引力定律和卫星的运动、第一宇宙速度及其相关的知识点。

v2Mm所以卫星a的向心加速度等于b的向心加速度，选项B错误；由G2=m可得线速度与半径的关系：

rrGMv=，轨道半径r越大，速率v越小。而第一宇宙速度为轨道半径等于地球半径是环绕地球运动的卫星

rMm22

速度，所以卫星a的运行速度一定小于第一宇宙速度，选项C错误；由G2=mr（），可得周期

rTT=2π

r3，而卫星a的轨道半径与卫星b的轨道半径相等，所以卫星b的周期等于同步卫星的运行周期，GM即等于地球自转周期24h，选项D正确。

10．一台家用电冰箱的铭牌上标有“220V 100W”，这表明所用交变电压的（ ）

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A.峰值是311V B.峰值是220V C.有效值是220V D.有效值是311V 【答案】AC 【解析】

试题分析：但是涉及到交流点的均应该是有效值，即有效值为220V，根据交流电最大值和有效值的关系，最大值为2202V 考点：有效值、最大值

点评：本题考察了交流电的有效值和最大值的区别与联系。交流电中的有效值是利用电流热效应定义的。 11．如图所示，甲、乙两质量不同的物体，分别受到恒力作用后，其动量p与时间t的关系图象。则甲、乙所受合外力F甲与F乙的关系是（图中直线平行）（ ） A．F甲＜F乙 B．F甲＝F乙 C．F甲＞F乙

D．无法比较F甲和F乙的大小 【答案】B

12．图示为一电场的的电场线图，关于A、B两点的电场强度，下列说法正确的是

A. A点的电场强度小于B点的电场强度 B. A点的电场强度大于B点的电场强度 C. B点的电场强度度方向向左，A点的向右 D. 负电荷在B点受到的电场力向左 【答案】B

【解析】电场线的疏密代表场强的强弱，根据图象可知，在电场的A点的电场线较密，所以在A点的电场强度要比B点的电场强度大，故A错误，B正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知B点的电场线的方向向左，A点沿着该点切线方向，指向左方，故C错误；负电荷在B点受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以受到向右的电场力，故D错误。所以B正确，ACD错误。

13．将质量为m的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆间的动摩擦因数为μ，对环施加一位于竖直平面内斜向上且与杆夹角为θ的拉力F，使圆环以加速度a沿杆运动，则F的大小不可能

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是

A． B．

C． D．

【答案】C

对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力的作用，其中弹力可能向上，也可能向下，也可能等于【解析】

零。若环受到的弹力为零，则Fcosθ=ma，Fsinθ=mg，解得

或

；若环受到的弹力的方向

向上，则：Fcosθ–μ(mg–Fsinθ)=ma，解得；若环受到的弹力的方向向下，则：

Fcosθ–μ(Fsinθ–mg)=ma，解得，故ABD是可能的，选项C是不可能的。

14．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（ ） A．极板x应带正电 B．极板x´应带正电 C．极板y应带正电

D．极板y´应带正电

【答案】AC

15．一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为，棒内单位体电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒

积自由内产生

电流，自由电子定向运动的平均速率为v，若已知金属棒内的电场为匀强电场，则金属棒内的电场强度大小为

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A. C.

B. D.

【答案】C

【解析】电场强度可表示为E＝①，其中L为金属棒长度，U为金属棒两端所加的电动势，而U＝IR②，其中

视频

16．高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷。当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后。人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙。则下列说法正确的是

③，

④，联立①②③④，可得E＝nevρ，故C项正确.

A．人向上弹起过程中，先处于超重状态，后处于失重状态 B．人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力 C．弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力大于人的重力 D．弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力 【答案】AC 【

解

析

】

对

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象，弹簧压缩到最低点时，根据牛顿第二定律，地对高跷的压力大于人和高跷的总重力，再根据牛顿第三定律，可知高跷对地的压力大于人和高跷的总重力，故D项错误；综上所述本题答案是AC。 17．在图所示的实验中，能在线圈中产生感应电流的情况是

A. 磁铁静止在线圈上方 B. 磁铁静止在线圈右侧 C. 磁铁静止在线圈里面 D. 磁铁插入或抽出线圈的过程 【答案】D

【解析】试题分析：当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，线圈中有感应电流产生，故磁铁插入或抽出线圈的过程，穿过线圈的磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确。 考点：考查了感应电流产生条件

18．如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，在传送带上某位置轻轻放置一小木块，小木块与传送带间动摩擦因数为μ，小木块的速度随时间变化关系如图乙所示，v0、t0已知，则

A. 传送带一定逆时针转动 B.

C. 传送带的速度大于v0 D. t0后木块的加速度为【答案】AD

【解析】试题分析: A、若传送带顺时针转动，当滑块下滑（

），将一直匀加速到底端；当滑

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块上滑（），先匀加速运动，在速度相等后将匀速运动，两种均不符合运动图象；故传送带

，由图可知

是逆时针转动，选项A正确.B、滑块在0~t0内，滑动摩擦力向下作匀加速下滑，

，则

，选项B错误.C、只有当滑块的速度等于传送带的速度时，滑块所受的摩擦力变成

，代入μ值得

，

斜向上，故传送带的速度等于v0，选项C错误.D、等速后的加速度选项D正确。故选AD．

考点：考查牛顿第二定律、匀变速直线运动.

【名师点睛】本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑．2、小木块两段的加速度不一样大．

二、填空题

19．把带电量

的电荷从A点移到B点，电场力对它做功

。则A、B两点间的电势差

为_______J。

为

_______V，若A点的电势为0，B点的电势为_______V，该电荷在B点具有的电势能10-6 【答案】 （1）. 200 （2）. -200 （3）. -8×

10-6J．则A、B两点间的电势差【解析】由题意，电荷从A点移到B点时电场力做的功8×

；因UAB=φA-φB，若A点的电势为0，B点的电势为-200V；该电荷在B点具

有的电势能：

20．物理爱好者陈向阳同学，为了深入研究“动能定理或功能关系”，利用气垫导轨独立设计了如图甲所示的实验裝置。劲度系数k=100N/m的弹簧一端固定在导轨左端，右端紧靠质量m=1kg的滑块，但不连接。

①测量遮光条的宽度d；利用游标卡尺测量，示数如图乙所示，则d=_________mm。

②测量弹簧的压缩量Δx：陈向阳同学打开气源，调节气垫导轨至水平，并使滑块悬浮在导轨上，向左推滑块

-3

使弹簧压缩Δx，然后释放滑块，遮光条通过光电门的时间Δt=1x10s，请你推断弹簧压缩量Δx=_____。（弹

性势能与压缩量的关系式，结果保留两位有效数字）

【答案】 （1）. 4.0 （2）. 0.40

0.1mm=4.0mm。 【解析】（1）由图知第10条刻度线与主尺对齐，d=3mm+10×（2）滑块通过光电门时的速度为：

，根据能量守恒得：

，即

，代

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入数据解得：。

21．如图所示，一个变压器原副线圈的匝数比为3∶1，原线圈两端与平行导轨相接，今把原线圈的导轨置于垂直纸面向里、磁感应强度为B=2T的匀强磁场中，并在导轨上垂直放一根长为L=30cm的导线ab，当导线以速度v=5m/s做切割磁感线的匀速运动时（平动），副线圈cd两端的电压为________V。

【答案】0

【解析】由于是匀速运动，产生恒定的电流，则变压器副线圈电压为零

三、解答题

22．如图，O、A、B为同一竖直平面内的三个点，OB沿竖直方向，

，

，将一质量为m

的小球以一定的初动能自O点竖直向下抛出，小球到达B点的动能是初动能的5倍。使此小球带电，电荷量为

。同时加一匀强电场、场强方向与

所在平面平行。现从O点以同样的初动能沿某一方向抛出此

带电小球，该小球通过了A点，到达A点的动能是初动能的3倍；若将该小球从O点以同样的初动能沿另一方向抛出，恰好通过B点，且到达B点的动能是初动能的6倍。重力加速度大小为g。求： （1）有电场时，设小球由O到A运动过程中电场力做功为与

的比值为多少?

（2）电场强度的大小和方向。

，小球由O到B运动过程中电场力做功为

，

【答案】（1）（2），方向与OB成30度斜向下

【解析】设小球的初速度为v0，OA长度为2d，OB长度为3d，从O点运动到B点，由动能定理：

解得：

设电场方向与OB成θ角斜向下，则加电场后从O到A，由动能定理：

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则加电场后从O到B，由动能定理：

联立解得：

；θ=300，即电场的方向与OB成300斜向下.

则加电场后从O到A，电场力做功：加电场后从O到B，电场力做功：则

点睛：本题是带电粒子在复合场中的运动问题，关键是运用动能定理与功能关系研究小球到达A与到达B的过程，再运用电场力做功的基本规律解题．

23．我国“辽宁号”航空母舰经过艰苦努力终于提前服役，势必会对南海问题产生积极影响。有些航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统，已知某型号战机在跑道上加速时可能产生的最大加速度为5.0m/s2，当飞机的速度达到50m/s时才能离开航空母舰起飞。设航空母舰处于静止状态。试求： （1）若要求该飞机滑行160m后起飞，弹射系统必须使飞机具有多大的初速度？

（2）若舰上无弹射系统，要求该飞机仍能从此舰上正常起飞，问该舰甲板至少应为多长？

（3）若航空母舰上不装弹射系统，设航空母舰甲板长为L=160m，为使飞机仍能从此舰上正常起飞，这时可以先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行，则这个速度至少为多少？ 【答案】（1） v030m/s （2） x250m （3）v1=10m/s 【解析】 （1）根据速度位移公式得，v2-v02=2ax， 代入数据解得：v0=30m/s．

（2）不装弹射系统时，有：v2=2aL，

v22500m250m 解得： L2a25（3）设飞机起飞所用的时间为t，在时间t内航空母舰航行的距离为L1，航空母舰的最小速度为v1． 对航空母舰有：L1=v1t 对飞机有：v=v1+at v2-v12=2a（L+L1） 联立解得：v1=10m/s．

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