2021年山东省菏泽市单县中考物理二模试卷
1. (2021·山东省菏泽市·模拟题)关于生活中的物理，下列说法不正确的是( )
A. 甲图中装满水的塑料管，倒置后纸片不会掉落，证明大气压强是真实存在的 B. 乙图中向两只纸片中间吹气，两纸片靠拢，说明流体流速大的地方，压强小 C. 丙图中人提着书包站在水平地面上，人的竖直向上拉力对书包没有做功 D. 丁图中人站在绝缘的木凳上，由于不和地面接触，所以通电后不会触电
2. (2021·山东省菏泽市·模拟题)关于生活中的热现象，下列说法正确的是( )
A. 小美在客厅中闻到厨房飘来的饭菜香味，是分子间有相互作用力的原因造成的 B. 夏天在海边感觉沙子比水热，是因为沙子的比热容比水小的原因造成的 C. 小明搓手时感觉两只手变暖和，是用热传递方式使手升温的造成的
D. 小丽观察到烧开水时壶盖被顶起，是由于水蒸气和壶盖间发生热传递的结果造
成的
3. (2021·山东省菏泽市·模拟题)下列事例中，可用比热容的特性解释的是( )
A. 干燥的房间里用加湿器增加空气湿度 B. 湖水和湿地对气候的调节作用 C. 在南极使用酒精温度计测量温度 D. 发射火箭时主要使用液态氢作为燃料
4. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)下列四个有关声现象的实验中，所研究问题与其
他三个不同的是( )
A.
改变用力大小敲击鼓面
B.
敲击不同水量的瓶子
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C.
改变管中水量再次对着试管吹气
D.
改变钢尺伸出桌面长度再次拨动
5. (2021·山东省菏泽市·模拟题)图示实验中和电动机原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
6. (2021·山东省菏泽市·模拟题)如图是小明设计的家庭电路图，下列选项中正确的是
( )
A. 电灯的安装及开关的连接是正确的 B. 两孔插座和三孔插座的连接都是正确的 C. 当测电笔正确接触 M和N 点时，氖管均不发光 D. 三孔插座和电灯是串联的
7. (2021·山东省菏泽市·模拟题)如图所示的杠杆质量不计，O为支点。物体A和B均
为实心，且A的体积是B的体积的2倍，物体A重力为6N，此时杠杆保持水平平衡，则下列说法正确的是( )
A. 物体 B重力为3N B. 物体B重力为 8N
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C. 物体B的密度比物体A的4倍
D. 物体 A 和物体 B 同时调到杠杆左右两端，杠杆依然能保持平衡
8. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)如图所示电路，电源电压不变，当开关𝑆1闭合、𝑆2
断开时，电流表示数为0.3𝐴，电压表示数为9V；若将两表互换位置，并同时闭合𝑆1和𝑆2时，电流表示数为0.5𝐴.则下列说法中错误的是( )
A. 电压表示数仍为9V C. 𝑅2的阻值为45𝛺
B. 𝑅1的阻值为18𝛺 D. 𝑅2消耗的功率为6.75𝑊
9. (2021·山东省菏泽市·模拟题)如图所示，以下说法错误的
是( )
A. 平面镜成像过程中，遵循光的反射定律 B. 为使像更清晰，应在较暗的环境中进行 C. 在 B 放一光屏，能承接到蜡烛A的像 D. 用厚玻璃板做实验会看到蜡烛A 的两个像
10. (2021·山东省菏泽市·模拟题)根据图示实验情景可以知
道该同学操作的目的( )
A. 探究浮力与液体密度的关系 B. 探究浮力与液体深度的关系 C. 探究浮力与液体质量的关系 D. 探究浮力与液体体积的关系
11. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)现代农业利用喷药无人
机喷洒农药，安全又高效。如图所示，喷药无人机在农田上方沿水平方向匀速飞行，同时均匀喷洒农药。此过程中，关于无人机说法正确的是( )
A. 无人机所受升力和重力是一对平衡力 B. 无人机的惯性大小保持不变
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C. 无人机是靠超声波进行操控的 D. 无人机的动能和重力势能都不变
12. (2021·山东省菏泽市·模拟题)下列现象中，属于光的色散现象的是( )
A. 海市蜃楼的景象 C. 五彩缤纷的霓虹灯
B. 近视眼的同学看不清远处的物体 D. 雨后天边的彩虹
13. (2021·山东省菏泽市·模拟题)如图所示，民警正脚踏电动机器人
执勤。当民警驾驶电动机器人匀速直线行驶时，以运动的“风火轮”为参照物，该民警是______ 的，遇到紧急情况时，电动机器人不能马上停下，是因为______ 。
14. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)2020年12月8日，世界最高峰珠穆朗玛峰的高度
经我国有关专家测量改为8848.86𝑚，通过公布的这一数据，可以判断测量的精度达到______ 。在珠穆朗玛峰山顶的大气压______ 山底的大气压(填“大于”、“小于”或“等于”)。
15. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)2020年6月我国自主研发的深潜器在马里亚纳海
沟下潜深度达10900m时，它受到水的压强是______ Pa。不考虑深潜器的形变，在下潜过程中其所受浮力将______ (“变大”、“变小”或“不变”)。(𝑔=10𝑁/𝑘𝑔,𝜌水=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3)
16. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)小芳用漆包线在笔杆上绕
制了一只螺线管，接入如图所示的电路。闭合开关S后，要使螺线管吸引大头针的数量增多，变阻器的滑片P应向______ 端移动(填“a”或“b”)，此时螺线管的上端为______ 极(填“N”或“S”)。
17. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)如图所示，用一个动滑轮把重200N
的物体提高了1m，所用的拉力为125N，则动滑轮所做的有用功𝑊有用= ______ J，它的机械效率𝜂= ______ 。
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18. (2021·黑龙江省哈尔滨市·模拟题)为了研究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小
明同学做了一系列实验，如图所示(实验过程中保持长木板水平且固定)记录的实验数据如表：
木块对木弹簧测力实验次数 板的压力计的示数/𝑁 1 2 3 2 2 4 /𝑁 4.0 4.0 8.0 (1)测量过程中，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块做______ 运动。读取弹簧测力计示数时，视线应与指针所对刻度线______ 。 (2)比较1、2两次实验数据，是为了探究：______ ；
(3)比较1、3两次实验数据，可以初步得出的结论是：______ 。
(4)小明在生活中观察到同一辆汽车行驶时，速度越大刹车时滑行距离越远。于是，他认为“速度越大，滑动摩擦力越大”。若想证明他的观点是否正确，需要收集的证据是：______ 。
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山东省菏泽市·模拟题)如图是小明测量某盐水的密度实验过程。 19. (2021·
(1)如图甲所示，小明应将放在水平实验台上的天平横梁右端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使横梁在水平位置平衡；
(2)小明设计的实验步骤有以下三步，您认为最合理的顺序是：______ ； A.用天平测出空烧杯的质量记为𝑚1；
B.将盐水全部倒入量筒中，用量筒测出盐水的体积记为V； C.用天平测出烧杯和盐水的总质量记为𝑚2。
(3)实验中测得空烧杯的质量为61.4𝑔；上述B步骤中量筒的示数如图乙所示，则量C步骤中天平的示数如图丙所示，则烧杯和盐水的总筒中盐水的体积为______ ml；
质量为______ g；并由以上数据测算出盐水的密度为______ 𝑘𝑔/𝑚3。
吉林省长春市·模拟题)在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的20. (2020·
焦距为10cm。
(1)图甲中，烛焰的像会成在光屏的______(选填“上”或“下”)方；
(2)重新调整后开始实验。当蜡烛到凸透镜的距离为25cm时，移动光屏后得到烛焰清晰的______(选填“放大”或“缩小”)的像；
(3)保持蜡烛和凸透镜的位置不变，用另一个凸透镜替换原来的透镜，再将光屏向靠近透镜的方向移动后，在光屏上可再次得到烛焰清晰的像，该凸透镜的焦距______10cm，这可以用来模拟______(选填“近视”或“远视”)眼的成因； (4)凸透镜成像利用了光的折射知识，请在图乙中画出入射光线的折射光线。 江苏省扬州市·月考试卷)如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃21. (2020·
料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同：
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(1)为了研究不同物所的吸热能力，选用图中甲丙两装置进行实验，根据记录的数据做出了两种液体的温度随时间变化关系如图所示：
①不同物质吸热的多少是通过______ (选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的；
②由图丁可以看出，若b液体的比热容是1.8×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)，则a液体的比热容是______ 𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)；
(2)为了研究不同燃料的热值选用其中______ 两幅图进行实验，在实验前用天平测出了烧杯中液体的质量及燃料的质量，井记录数据利用公式𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)(若a、b液体的比热容已知)计算出了液体吸收的热量，通过这些数据计算出某种燃料的热值。你认为这样的计算结果与实际燃料的热值相比会______ (填“偏大”或“偏小”)。
山东省菏泽市·模拟题)小明在“探究电流与电压的关系”实验中，遇到以下22. (2021·
问题：
(1)请用笔画线代替导线，将甲图中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大(连线时导线不允许交叉)；
(2)小明正确连接好电路后，闭合开关发现电压表示数为3V，电流表无示数，滑动滑片P滑动时，两表示数均无变化，你认为出现故障原因是______ ；
(3)小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如乙图所示，通过电阻
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的电流为______ A，若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向______ (选填“A”或“B”)端移动；
(4)由实验绘制出电阻R的𝐼−𝑈图象如图丙所示：由图象可得电流与电压的关系是：______ 。
江苏省盐城市·模拟题)在现代家庭中电烤箱是常见的家23. (2020·
用电器之一。小华家里的电烤箱有“高温挡”和“低温挡“两种工作状态，其简化的内部电路图如图所示，其中𝑅1和𝑅2均为
电热丝。通过开关闭合与断开可实现烤箱“高温挡”和“低温挡”的转换。电烤箱的铭牌如表所示。求： ××牌电烤箱 额定电压 高温挡 额定功率 低温档 660W (1)通过计算说明，当开关S闭合时，该电烤箱处于哪个挡位； (2)当电烤箱处于高温挡时，该电烤箱正常工作10min消耗的电能W； (3)电阻𝑅2的阻值。
220V 1100W
河南省·单元测试)如图所示，用细绳系住体积为24. (2020·
3×10−4𝑚3的物体A，使它竖直下垂且全部浸入水中静止，此时绳子的拉力是1.5𝑁，容器和水的总质量是0.7𝑘𝑔，容器与
233
水平桌面的接触面积是100𝑐𝑚(𝜌水=1.0×10𝑘𝑔/𝑚,𝑔=
10𝑁/𝑘𝑔).求：
(1)物体A受到的浮力； (2)物体A的密度；
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(3)容器对桌面的压强．
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答案和解析
1.【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系、触电及触电事故的处理、力做功的两个因素、大气压现象 【解析】解：
A、盖在塑料管口的纸片能托住倒过来的一满杯水而不洒出，正是大气压支持着管内的水不会流出来，故A正确；
B、向两张纸的中间吹气纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越小，故B正确； C、用力提着书包在水平路面上前行，此过程中，书包在拉力的方向上没有移动距离，拉力没有做功，故C正确；
D、人手分别握住火线和零线，则人体形成电路，身体内有电流，故会使人体触电，故D错误。 故选：D。
(1)我们生活在空气中，经常利用大气压为我们服务，例如：钢笔吸墨水、吸管吸饮料、注射器吸药液、抽水机抽水、吸盘吸在光滑墙壁上等； (2)流体流速越大的地方，压强越小；
(3)做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离；
(4)根据电流形成原理明确是否会发生触电。
本题考查了安全用电、大气压的应用、流体压强与流速的关系以及做功的条件等，有一定综合性，但难度不大。
2.【答案】B
【知识点】比热容解释简单的自然现象、改变物体内能的两种方式、扩散现象 【解析】解：A、小美在客厅中闻到厨房飘来的饭菜香味，是分子在做不停的热运动的缘故，故A错误；
B、由于沙子的比热容比水小，在质量相同、吸收的热量相同时，沙子升高的温度更高，所以感觉沙子比水热，故B正确；
C、小明搓手时感觉两只手变暖和，此过程克服摩擦做功，机械能转化为内能，是用做功的方式使手升温的，故C错误；
D、烧开水时，壶盖被水蒸气顶起来，水蒸气对壶盖做功，水蒸气内能减小，是做功改
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变物体内能，故D错误。 故选：B。
(1)组成物质的分子不停地做无规则运动； (2)根据我们对水和沙子的比热容的了解来分析； (3)改变内能的方式有做功和热传递； (4)烧开水时壶盖被顶起，水蒸气对壶盖做功。
本题考查分子运动，水的比热容，改变内能的方式等，属于综合性题目。
3.【答案】B
【知识点】比热容解释简单的自然现象、热值的计算
【解析】解：A、在房间用加湿器可以增加空气湿度，是为了增大水蒸气的含量，与水的比热容较大无关，故A不合题意；
B、湖水和湿地含有大量的水，因为水的比热容较大，白天，空气温度升高时，水吸收热量多，温度升高的少；夜晚，水放出大量的热量，温度降低的少，使得昼夜的温差小，起到气候的调节作用，故B符合题意；
C、南极气温比较低，酒精的凝固点比水银的凝固点低，不容易凝固，所以南极科考队员使用酒精温度计而不使用水银温度计，与比热容无关，故C不合题意；
D、运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，与比热容无关，故D不合题意。 故选：B。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
4.【答案】A
【知识点】音调与频率的关系、响度与振幅的关系
【解析】解：A、用大小不同的力敲鼓时，用力越大，鼓面的振动幅度越大，响度越大，是探究声音的响度与振幅的关系；
B、敲击不同水量的瓶子，瓶子和水振动发出声音，且瓶内的水越多，振动的频率越低，相应的音调越低，是探究声音的音调与频率的关系；
C、对着试管口吹气，管内空气柱振动发声，水量越多，空气柱振动越快，发出声音的
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音调越高，是探究声音的音调与频率的关系；
D、改变钢尺伸出桌面的长度，使钢尺每次的振动幅度大致相同，实验发现尺子伸出桌面的长度越长振动越慢，发出声音的音调越低，是探究声音的音调与频率的关系； 综合分析可知，A研究的问题与BCD不同。 故选：A。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
此题考综合考查了声学的知识，对于这类题目，要结合相关的声学概念进行分析处理。
5.【答案】B
【知识点】直流电动机
【解析】解：电动机是根据通电导体在磁场中受力运动(或通电线圈在磁场中受力转动)的原理制成的；
A、是研究电磁铁的实验，是根据电流的磁效应制成的，故A不符合题意；
B、闭合开关后，当导体中有电流通过时，在磁场中静止的导体运动起来，说明通电导体在磁场中受到力运动，与电动机的制成原理相同，故B符合题意；
C、奥斯特实验，通电后，小磁针的指向发生偏转，说明小磁针受到力的作用，从而说明了电流的周围存在磁场，故C不符合题意；
D、若导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，说明电路中产生了电流，这种现象叫电磁感应，故D不符合题意。 故选：B。
首先明确电动机的工作原理，是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；然后根据图示的实验装置，结合文字描述的实验现象，得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案。
加强对课本中实验装置的记忆，将实验装置与反应的物理规律联系在一起，对于解决此种类型的题目非常关键。
6.【答案】A
【知识点】家庭电路的组成与连接 【解析】解：
A、在灯的安装及开关的连接中，火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线
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直接接灯泡的螺旋套，这样在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全，故A正确； B、两孔插座的接法是左零右火；据图可知，两孔插座的两孔分别接到了零线和地线上；三孔插座的左孔接的是零线，上孔接的是地线，右孔接的是火线；故两孔插座连接错误，三孔插座的连接正确，故B错误；
C、图中M点在火线上，所以试电笔接触M点，氖管发光；N点在零线上，所以试电笔接触N点，氖管不发光，故C错误；
D、电路中灯和三孔插座是独立工作、互不影响的，所以它们是并联的，故D错误。 故选：A。
(1)灯泡的接法：火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套；
(2)对于两孔插座是：左零右火；三孔插座是“左零右火上接地”； (3)试电笔接触火线时，氖管会发光；
(4)家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的。
掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。
7.【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】解：AB、物体对杠杆的拉力等于物体的重力，据杠杆的平衡条件𝐹1𝐿1=𝐹2𝐿2可知，𝐺𝐴𝐿𝐴=𝐺𝐵𝐿𝐵，所以𝐺𝐵=
𝐺𝐴𝐿𝐴𝐿𝐵
=
6𝑁×4𝐿2𝐿
=12𝑁，故AB错误；
C、A的体积是B的体积的2倍，B的重力为12N，物体A重力为6N，根据𝐺=𝑚𝑔可知，A的质量是B的质量的一半，根据𝜌=𝑉可知，物体B的密度比物体A的4倍，故C正确；
D、物体A和物体B同时调到杠杆左右两端，则杠杆A端：6𝑁×4𝐿=24𝑁𝐿，杠杆B端：12𝑁×4𝐿=48𝑁𝐿，则A端力和力臂的成绩小于B端力和力臂的成绩，B端下沉，故D错误。 故选：C。
(1)此时杠杆处于平衡状态，故据杠杆的平衡条件能计算出物体B对杠杆的拉力，拉力的大小等于B的重力；
(2)根据密度公式得出密度的大小关系；
(3)根据杠杆平衡条件：𝐹1𝐿1=𝐹2𝐿2判断力臂变化后，两端力和力臂的乘积大小，判断
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𝑚
杠杆的平衡情况。
此题主要通过判断杠杆的平衡情况，考查了对杠杆平衡条件的应用和密度计算公式的应用，要求灵活运用杠杆平衡条件。
8.【答案】C
【知识点】电功率的计算、电阻的串联、欧姆定律在串、并联电路中的应用 【解析】解：按题意可知，第一次当开关𝑆1闭合、𝑆2断开时两个电阻是串联的，电压表测的是两个电阻的总电压即电源电压，电流表测的是两个电阻的电流；
第二次同时闭合𝑆1和𝑆2时两个电阻是并联的，电流表测得是𝑅1的电流，电压表测得仍是电源电压；
A、第二次两个电阻是并联的，电压表测得是电源电压，所以示数仍为9V，说法正确，不符合题意；
B、第二次两个电阻是并联时，可以知道𝑅1=0.5𝐴=18𝛺，所以𝑅1的阻值为18𝛺，说法正确，不符合题意；
C、第一次两个电阻是串联的，总阻值𝑅=
𝑈𝐼
9𝑉
=
9𝑉0.3𝐴
=30𝛺，所以𝑅2=𝑅−𝑅1=30𝛺−
18𝛺=12𝛺，则该项说法错误，符合题意；
D、同时闭合𝑆1和𝑆2时两个电阻是并联的，𝑅2消耗的电功率𝑃=法正确，不符合题意； 故选C．
解决此题的关键是弄清两次电路中电阻的连接情况，电压表测量的是谁的电压，电流表测得是哪个电阻的电流，根据串并联电路的特点，结合欧姆定律和电功率公式进行求解． 解决此类问题的关键是判断出两个电阻的连接情况，结合串并联电路的规律，熟练应用欧姆定律和电功率的公式求解．
𝑈2𝑅2
=
(9𝑉)212𝛺
=6.75𝑊，说
9.【答案】C
【知识点】实验：探究平面镜成像的特点
【解析】解：A、镜面反射、漫反射都遵循光的反射定律，则平面镜成像遵循光的反射定律，故A正确；
B、点燃的蜡烛是成像物体，比较亮，环境越黑暗，蜡烛和环境的对比度越大，蜡烛成像越清晰，为了使像更清晰，应较暗的环境中进行，故B正确；
C、实像可以用光屏承接，虚像不能。因为平面镜成虚像，所以在B处换一光屏，不能
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承接到蜡烛A的像，故C错误；
D、由于像是由光的反射形成的，而普通玻璃的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板可以看到了同一个蜡烛的两个像，故D正确。 故选：C。
(1)平面镜成像的原理是光的反射，镜面反射、漫反射都遵循光的反射定律； (2)进行平面镜成像实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体在平面镜中成像越清晰；
(3)平面镜所成的像是虚像，实像可以用光屏承接，虚像不能； (4)玻璃的两面都能反射光，利用光的反射现象可知能成两个像。
本题考查平面镜的成像特点、原理及实验现象，这既是平时经常强调的地方，又是中考中经常涉及到的地方，要求深入理解，熟练掌握。
10.【答案】A
【知识点】实验：探究浮力的大小与哪些因素有关
【解析】解：根据图示可以知道两图中两物的体积相同，两物体都完全浸没在液体中，所以排开的液体体积相同，而一种液体是水、另一种是酒精，两种液体的密度不同，它们所受的浮力不同，所以该同学这次操作的目的是：探究物体所受浮力与液体密度的关系，故A正确，BCD错误； 故选：A。
浮力的大小等于排开液体的重力，它与液体的密度及排开液体的体积有关。通过图，利用控制变量法，找出相同量和不同量，即可知道研究的目的。
解决此类实验题目，要结合控制变量法进行分析解答，控制变量法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。解题的关键是找到相同量和不同量。
11.【答案】A
【知识点】动能和势能在生活中的应用、平衡力和相互作用力的辨析、电磁波的传播、惯性 【解析】解：
A、喷药无人机在农田上方沿水平方向匀速飞行，受力平衡，竖直方向上无人机受到的重力和升力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故A正确； B、喷药无人机在农田上方沿水平方向匀速飞行，同时均匀喷洒农药。此过程中，无人机质量变小，所以惯性变小，故B错误；
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C、无人机是靠电磁波进行操控的，故C错误；
D、水平匀速飞行时喷洒农药，无人机的速度不变，高度不变，但质量减小，所以无人机的动能和重力势能都减小，故D错误； 故选：A。
(1)物体做匀速直线运动时，受力平衡；平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大； (3)电磁波可以传递信息；
(4)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。 本题考查了平衡力的辨别、二力平衡条件的应用、动能和重力势能的变化等，都是基础知识，难度不大。
12.【答案】D
【知识点】光的色散现象
【解析】解：A、海市蜃楼是光经过不均匀的大气层发生折射形成的，但没有发生光的色散，故A错误；
B、近视眼的同学看不清远处的物体，是由于晶状体的折光能力太强造成的，与光的色散无关，故B错误；
C、五彩缤纷的霓虹灯是光源发出了彩色的光，不是光的色散形成的，故C错误； D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这属于光的色散现象，故D正确。 故选：D。
复色光经过三棱镜等折射后分散为多种单色光的过程叫光的色散，色散的特点是形成了光带。
此题考查的是光色散现象的判断，牢记光的色散现象的特点是形成了彩色的光带是解答此题的关键所在。
13.【答案】静止 电动机器人具有惯性
【知识点】运动和静止的相对性、惯性
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【解析】解：当民警驾驶“风火轮”匀速直线行驶时，民警相对于“风火轮”位置不变，所以以运动的“风火轮”为参照物，该民警是静止的。
遇到紧急情况时，电动机器人不能马上停下，是因为电动机器人具有惯性，继续保持原来的运动状态不变。
故答案为：静止；电动机器人具有惯性。
(1)判断物体的运动状态时，要看它相对于所选的参照物位置否发生了变化。 (2)物体保持运动状态不变的属性叫做惯性，任何物体都具有惯性。
本题考查了惯性、运动和静止的相对性等知识的理解和应用，要学会运用惯性解释生活中的现象。
14.【答案】1dm 小于
【知识点】大气压随高度的变化
【解析】解：在8848.86𝑚中，8848.8𝑚是准确值，0.06𝑚是估读值，所以准确度达到了1dm；因为大气压随高度的升高而降低，所以在珠穆朗玛峰山顶的大气压小于山底的气压。
故答案为：1dm；小于。
在长度测量时需要有一位估读值，所以正确的长度测量值应该包括三部分：准确值、估读值和单位；根据气压与高度的关系作答。
对物理上常用的长度单位有较清晰的认识，另外将题目中涉及的长度单位联系生活实际进行解答。
15.【答案】1.09×108 不变
【知识点】液体压强的计算、阿基米德原理
33
【解析】解：深潜器受到海水的压强为：𝑝=𝜌水𝑔ℎ=1.0×10𝑘𝑔/𝑚×10𝑁/𝑘𝑔×
10900𝑚=1.09×108𝑃𝑎；
深潜器在水面下完全浸没，所以下潜过程中排开水的体积不变，由阿基米德原理𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可知，液体的密度不变，排开液体的体积不变，故浮力不变。 故答案为：1.09×108；不变。
(1)已知海水的密度和深潜器所在的深度，利用𝑝=𝜌𝑔ℎ计算深潜器受到海水的压强； (2)深潜器浸没在水中，利用阿基米德原理分析下潜过程中所受浮力的变化情况。 本题考查了液体压强的计算和影响浮力的因素，分析浮力是否变化，确定物体排开液体
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体积和物体体积的关系，是得到正确答案的关键。
16.【答案】b N
【知识点】右手螺旋定则 【解析】解：
闭合开关S后，要使螺线管吸引大头针的数量增多，应使通电螺线管的磁性增强，在线圈匝数一定时，增大电流可以增强磁性，由欧姆定律可知变阻器接入电路的阻值应变小，则由图可知滑动变阻器的滑片应向b端滑动。
闭合开关S后，电流从螺线管下端流入，根据安培定则可知，螺线管的上端是N极。 故答案为：b；N。
①影响通电螺线管磁性强弱的因素：电流的大小、线圈匝数的多少、有无铁芯；电流越大，线圈匝数越多，有铁芯时其磁性越强。
②根据电流方向，用安培定则判断出螺线管上端的极性。
本题考查了安培定则、滑动变阻器的使用、影响通电螺线管磁性强弱的因素，要求学生熟练应用安培定则判断螺线管的磁极或电流方向。
17.【答案】200 80%
【知识点】滑轮组的机械效率
【解析】解：动滑轮做的有用功为：𝑊有用=𝐺ℎ=200𝑁×1𝑚=200𝐽；
根据动滑轮的特点可知，拉力做的总功为：𝑊总=𝐹𝑠=𝐹⋅2ℎ=125𝑁×2𝑚=250𝐽； 所以机械效率为：𝜂=
𝑊有用𝑊总
=250𝐽=80%。
200𝐽
故答案是：200；80%。
对于动滑轮来说，绳子自由端拉力做的功是总功，克服物体重力做的功是有用功，机械效率𝜂=
𝑊有用𝑊总
。
该题考查了动滑轮有用功、总功以及机械效率的计算，注意根据动滑轮的特点来计算。难度不大，属于基础知识。
18.【答案】匀速直线 正对 在压力和接触面的粗糙程度一定时，滑动摩擦力与接触面
积的关系 在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 用弹簧测力计拉着木块沿水平方向以较大的速度做匀速直线运动，记下弹簧测力计的示数𝐹1，再用弹簧测力计拉着同一木块沿水平方向以较小的速度做匀速直线运动，记下弹簧测力计的示数𝐹2
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【知识点】实验：探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关
【解析】解：(1)测量过程中，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块做匀速直线运动，弹簧测力计的拉力和滑动摩擦力是平衡力，大小相等，通过拉力大小间接求出滑动摩擦力大小。
读弹簧测力计示数时，视线应与指针所对刻度线正对。
(2)比较1、2两次实验数据知，压力大小和接触面的粗糙程度相同，而接触面积不同，故是为了探究：在压力和接触面的粗糙程度一定时，滑动摩擦力与接触面积的关系。 (3)比较1、3两次实验数据知，接触面粗糙程度相同，第3次实验压力大，滑动摩擦力也大，故可以初步得出的结论是：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(4)若想证明他的观点是否正确，需要收集的证据是：用弹簧测力计拉着木块沿水平方向以较大的速度做匀速直线运动，记下弹簧测力计的示数𝐹1，再用弹簧测力计拉着同一木块沿水平方向以较小的速度做匀速直线运动，记下弹簧测力计的示数𝐹2，比较两次弹簧测力计的示数，从而得到滑动摩擦力和速度是否有关。
故答案为：(1)匀速直线；正对；(2)在压力和接触面的粗糙程度一定时，滑动摩擦力与接触面积的关系；(3)在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；(4)用弹簧测力计拉着木块沿水平方向以较大的速度做匀速直线运动，记下弹簧测力计的示数𝐹1，再用弹簧测力计拉着同一木块沿水平方向以较小的速度做匀速直线运动，记下弹簧测力计的示数𝐹2。
(1)弹簧测力计水平拉动木块在水平面上进行匀速直线运动，拉力和摩擦力是平衡力，大小相等，视线应与指针所对刻度线正对；
(2)分析实验中1、2的相同量和变化量，分析得出滑动摩擦力大小与变化量的关系； (3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析； (4)结合已知条件，由二力平衡的条件分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和实验方案的设计，体现过程和方法的重要性。
19.【答案】左 CBA 60 130.4 1.15×103
【知识点】液体密度的测量
【解析】解：(1)如图甲所示，称量前指针指在分度盘中线的右侧，说明托盘天平右端较重，所以应将右端的平衡螺母向左调节；
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CBA； (2)为防止液体倒出时有残留影响测量的准确性，使测量误差减小，实验顺序为：(3)由图乙知，量筒的分度值是2mL，量筒中盐水的体积为𝑉=60𝑚𝐿=60𝑐𝑚3； 由图丙知，标尺分度值0.2𝑔，所以烧杯和盐水的总质量为𝑚总=100𝑔+20𝑔+10𝑔+0.4𝑔=130.4𝑔；
所以量筒中盐水的质量为：𝑚=𝑚总−𝑚0=130.4𝑔−61.4𝑔=69𝑔； 盐水的密度为：𝜌=
𝑚𝑉
=
69𝑔60𝑐𝑚3
=1.15𝑔/𝑐𝑚3=1.15×103𝑘𝑔/𝑚3。
故答案为：(1)左；(2)𝐶𝐵𝐴；(3)60；130.4；1.15×103。 (1)天平在使用前要调平；
(2)为防止液体倒出时有残留影响测量的准确性，使测量误差减小，设计合理的实验顺序；
(3)观察量筒分度值，读出量筒内液体体积；称量物体质量时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，用两次质量差得出倒入量筒中液体的质量；根据密度公式𝜌=𝑉求出液体的密度
用天平和量筒测液体的密度是我们最常用的方法，考查天平的调节和使用、量筒的使用及密度公式的运用。
𝑚
20.【答案】下 缩小 小于 近视
【知识点】实验：探究凸透镜成像的规律
【解析】解：(1)由图可知，蜡烛的烛焰的位置偏上，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，此时的像在光屏的下方；
(2)当蜡烛到凸透镜的距离为25cm时，物距大于二倍焦距，所以在光屏上得到一个清晰的倒立、缩小的实像；
(3)保持蜡烛和凸透镜的位置不变，用另一个凸透镜替换原来的透镜，再将光屏向靠近透镜的方向移动后，即像距变小，在物距不变的情况下，相当于减小了焦距，所以该凸透镜的焦距要小于10cm，此时的像成在光屏的前方，这可以用来模拟近视眼的成因； (4)从焦点发出的光线经过凸透镜后会平行于主光轴，如图所示：
。
故答案为：(1)下；(2)缩小；(3)小于；近视；(4)如图。
(1)为使像成在光屏的中央，应调整光屏、凸透镜或烛焰的中心大致在同一高度处；
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(2)物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；
(3)光屏向靠近透镜的方向移动，说明像距变小了；近视眼的原因是像成在视网膜的前方；
(4)对于凸透镜：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后，平行于主光轴。
此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了对实验器材的调整、凸透镜成像的规律、凸透镜的光路，应注意掌握基础知识。
21.【答案】加热时间 0.9×103 甲乙 偏小
【知识点】实验：比较不同物质的吸热能力、热值的计算
【解析】解：(1)①根据转换法，不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的； ②由图可知，两种物质都升高60℃，a的加热时间为10min，b的加热时间为20min，则b吸收的热量为a吸收热量的2倍；根据据𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡可知，在液体的质量相同、升高相同的温度时，比热容与吸收的热量成正比，b吸收的热量为a吸收热量的2倍，则b的比热容为a的比热容的2倍，即
a的比热容：𝑐𝑎=2×1.8×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)=0.9×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)；
(2)比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；故应选择甲、乙两图进行实验。
在实验前用天平测出了烧杯中液体的质量及燃料的质量，并记录数据，利用公式𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡−𝑡0)(若a、b液体的比热容已知)计算出了液体吸收的热量，通过这些数据计算出某种燃料的热值。计算结果不可靠，因为燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小，因此这样的计算结果不可靠。 故答案为：(1)①加热时间；②0.9×103；(2)甲、乙；偏小。 (1)①根据转换法，物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反应；
②根据𝑄吸=𝑐𝑚△𝑡可知在质量和升高温度相同时，比热容和吸收的热量成正比，据此求出乙的比热容。
(2)燃料完全燃烧释放的热量可以通过液体温度计示数变化来反应。比较不同燃料的燃烧值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；比较不同物质的比热容，应控制物质的质量、燃料相同和加热时间相同而吸热的物质种类不同；根据控制变量法的要求分析答题。
燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失，所以直接计算得出的热值比实际
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1
值要小。
本题研究不同物所的吸热能力及不同燃料的热值，考查控制变量法和转换法的运用、比较吸热能力的方法、误差分析及两实验相同与不同之处，为热学中的重要实验。
22.【答案】电阻R断路 0.12 A 在电阻不变时，电阻中的电流和电阻两端的电压成正
比
【知识点】实验：探究电流与电压、电阻的关系
【解析】解：(1)滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：
(2)正确连接好电路后，电流表无示数，电路可能断路，闭合开关发现电压表示数为3V，说明电压表与电源连通，滑动滑片P滑动时，两表示数均无变化，则故障原因是电阻R断路；
(3)排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如乙图所示，电流表选用小量程，分度值为0.02𝐴，此时通过电阻的电流为0.12𝐴；若要增大电阻两端的电压，根据𝑈=𝐼𝑅，应增大电路的电流，根据𝐼=𝑅，应减小电路的电阻，故应将滑片P向A端移动； (4)因绘制出电阻R的𝐼−𝑈图像为过原点的直线，故由图像可得电流与电压的关系是：电阻不变时，电流与电压成正比。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电阻R断路；(3)0.12；A；(4)在电阻不变时，电阻中的电流和电阻两端的电压成正比。
(1)根据滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大确定变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数为电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了； (3)根据电流表选用小量程确定分度值读数；若要增大电阻两端的电压，根据欧姆定律分析回答；
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𝑈
(4)根据绘制出电阻R的𝐼−𝑈图像为过原点的直线得出结论。
本题探究电流与电压的关系实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、操作过程、控制变量法和数据分析。
23.【答案】解：(1)当开关S闭合时，电路中𝑅1和𝑅2并联，此时电路的总功率为P，则
有：𝑃=𝑃1+𝑃2=
𝑈2𝑅1
+
𝑈2𝑅2
；
𝑈2𝑅1
当开关S断开时，电路中只有𝑅1，此时电路的总功率为𝑃′，则有𝑃′=𝑃1=因为𝑃>𝑃′，所以可知该电烤箱处于高温档。
；
(2)当电烤箱处于高温档时，电路中的总功率𝑃=1100𝑊，该电烤箱正常工作10min消耗的电能：
𝑊=𝑃𝑡=1100𝑊×10×60𝑠=6.6×105𝐽；
(3)当电烤箱处于高温档时，电路中的总功率𝑃=1100𝑊，当电烤箱处于低温档时，电路中的功率𝑃′=660𝑊， 因为𝑃=𝑃1+𝑃2=1100𝑊，
所以：𝑃2=𝑃−𝑃1=1100𝑊−660𝑊=440𝑊， 根据𝑃=
𝑈2𝑅2
得，
𝑈2𝑃2
电阻𝑅2的阻值为：𝑅2=
=
(220𝑉)2440𝑊
=110𝛺。
答：(1)当开关S闭合时，该电烤箱处于高温挡；
(2)当电烤箱处于高温挡时，该电烤箱正常工作10min消耗的电能W为6.6×105𝐽； (3)电阻𝑅2的阻值为110𝛺。
【知识点】电功的计算、欧姆定律
【解析】(1)当开关S闭合时，电路中𝑅1和𝑅2并联，此时电路的总功率为𝑃=𝑃1+𝑃2=
𝑈2𝑅1
+𝑅；
2
𝑈2
当开关S断开时，电路中只有𝑅1，此时电路的总功率为𝑃′，则有𝑃′=𝑃1=与𝑃′，得出结论；
(2)根据表格中的数据，由𝑊=𝑃𝑡解题；
𝑈2𝑅1
，比较P
(3)低温档时，电路为𝑅1的简单电路，𝑅1的功率为660W，高温挡时两电阻并联总功率为1100W，算出𝑅2的电功率，根据𝑅=
𝑈2𝑃
算出电阻𝑅2的阻值。
本题考查了电阻、电功率、电功的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，难点是根
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据𝑃=
𝑈2𝑅
结合开关的闭合、断开判断电烤箱的工作状态。
24.【答案】解：
(1)物体所受的浮力：
𝐹浮=𝜌水𝑔𝑉排=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔×3×10−4𝑚3=3𝑁；
(2)由于物体处于静止状态，受力平衡，则𝐺𝐴=𝐹浮+𝐹拉=3𝑁+1.5𝑁=4.5𝑁， 质量为𝑚𝐴=
𝐺𝐴𝑔
=
4.5𝑁10𝑁/𝑘𝑔𝑚𝐴𝑉
=0.45𝑘𝑔；
0.45𝑘𝑔3×10−4𝑚3则物体的密度𝜌𝐴=
==1.5×103𝑘𝑔/𝑚3．
(3)容器内水和容器的重力： 𝐺′=𝑚′𝑔=0.7𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=7𝑁，
以容器、水以及物体作为整体研究，受力平衡，桌面受到的压力大小为： 𝐹=𝐺′+𝐹浮=7𝑁+3𝑁=10𝑁， 所以容器对桌面的压强： 𝑝=𝑆=100×10−4𝑚2=1000𝑃𝑎． 答：(1)物体A受到的浮力为3N； (2)物体A的密度为1.5×103𝑘𝑔/𝑚3； (3)容器对桌面的压强为1000Pa．
𝐹
10𝑁
【知识点】从阿基米德原理求浮力、同一直线上二力合成的应用、重力的大小、压强的计算
【解析】(1)利用阿基米德原理求物体受到的浮力；
(2)根据称重法可知物体的重力，利用密度公式求物体A的密度；
(3)根据𝐺=𝑚𝑔求出水和容器的重力，根据力的平衡可知桌面受到的压力等于容器的重力加上水的重力再加上物体对水向下的压力，这个压力等于物体所受的浮力，最后根据公式𝑝=𝑆求出容器对桌面的压强；
本题考查了称重法求浮力、阿基米德原理、密度公式、重力公式和压强公式的灵活运用，关键是会对物体A完全浸没时对水和容器及物体整体进行受力分析得出容器对水平桌面的压力，计算过程还要注意单位的换算．
𝐹
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