一、高考物理精讲专题部分电路欧姆定律
1.有一灯泡标有“6V3W”的字样,源电压为9V,内阻不计.现用一个28 的滑动变
阻器来控制电路,试分别就连成如图所示的限流电路和分压电路,求: (1)它们的电流、电压的调节范围;
(2)两种电路要求滑动变阻器的最大允许电流; (3)当灯泡正常发光时,两种电路的效率.
【答案】(1)a:0.225~0.75A,2.7~9V b:0:0.75A,0~9V (2)a:0.5A
b:b:0.75A (3)a:66.6% 44.4%【解析】 【详解】
U2灯泡的电阻RL12
P(1)a.当滑动端在最左端时电阻最大,则最小电流:
Imin9A0.225A
122A0.75A 12当滑动端在最右端时电阻最小为0,则最大电流:
Imax则电流的调节范围是:0.225A~0.75A
灯泡两端电压的范围:0.22512V:0.7512V ,即2.7~9V;
b.当滑动端在最左端时,灯泡两端电压为零,电流为零;当滑到最右端时,两端电压为
9A0.75A 12则电流的调节范围是:0~0.75A
9V,灯泡电流为
灯泡两端电压的范围: 0~9V;
(2)a.电路中滑动变阻器允许的最大电流等于灯泡的额定电流,即为0.5A; b.电路中滑动变阻器允许的最大电流为0.75A;
(3)a.当灯泡正常发光时电路的电流为0.5A,则电路的效率:
1=P31000066.600 IE0.59696 x28xb.可以计算当灯泡正常发光时与灯泡并联部分的电阻为x满足:
0.5解得
x=24Ω
此时电路总电流
I0.5电路的效率
60.75A 242=
P31000044.400 IE0.7592.如图所示,电源电压恒定不变,小灯泡L上标有“6V 3W”字样,滑动变阻器R最大阻值为36Ω,灯泡电阻不随温度变化。闭合S、S1、S2,当滑动变阻器滑片位于最右端时,电压表示数为3V;闭合S、S1,断开S2,当滑动变阻器滑片位于最左端时,灯泡正常发光。求:
(1)电源电压; (2)R0的阻值。 【答案】(1)12V(2)【解析】 【详解】 (1)灯泡的电阻:
;
当闭合S、S1、S2,当滑动变阻器滑片位于最右端时,
电路中的电流
电源的电压U=I(RL+R)=0.25A×(12Ω+36Ω)=12V; (2)闭合S、S1,断开S2,当滑动变阻器滑片位于最左端时,
∵灯泡正常发光, ∴电路中的电流
R0两端的电压U0=U-UL=12V-6V=6V,【点睛】
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的应用,关键是开关闭合、断开时电路变化的判断和知道额定电压下灯泡正常发光。
3.以下对直导线内部做一些分析:设导线单位体积内有n个自由电子,电子电荷量为e,自由电子定向移动的平均速率为v.现将导线中电流I与导线横截面积S的比值定义为电流密度,其大小用j表示.
(1)请建立微观模型,利用电流的定义Iq,推导:j=nev; t(2)从宏观角度看,导体两端有电压,导体中就形成电流;从微观角度看,若导体内没有电场,自由电子就不会定向移动.设导体的电阻率为ρ,导体内场强为E,试猜想j与E的关系并推导出j、ρ、E三者间满足的关系式. 【答案】(1)j=nev(2)j=【解析】 【分析】 【详解】
(1)在直导线内任选一个横截面S,在△t时间内以S为底,v△t为高的柱体内的自由电子都将从此截面通过,由电流及电流密度的定义知:j==代入上式可得:j=nev
(2)(猜想:j与E成正比)设横截面积为S,长为l的导线两端电压为U,则E=电流密度的定义为j=将I=
E
ISVq ,其中△q=neSv△t, VtSU; lI, SUU
; 代入,得j=RSRElj=导线的电阻R=,代入上式,可得j、ρ、E三者间满足的关系式为: S【点睛】
本题一要掌握电路的基本规律:欧姆定律、电阻定律、电流的定义式,另一方面要读懂题意,明确电流密度的含义.
4.对于同一物理问题,常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究,找出其内在联系,从而更加深刻地理解其物理本质.一段横截面积为S、长为l的金属电阻丝,单位体积内有n个自由电子,每一个电子电量为e.该电阻丝通有恒定电流时,两端的电势差为U,假设自由电子定向移动的速率均为v. (1)求导线中的电流I;
(2)所谓电流做功,实质上是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功.为了求解在时间t内电流做功W为多少,小红记得老师上课讲过,W=UIt,但是不记得老师是怎样得出W=UIt这个公式的,既然电流做功是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功,那么应该先求出导线中的恒定电场的场强,即E=做的功WqEvtqU,设导体中全部电荷为q后,再求出电场力lUvt,将q代换之后,小红没有得出W=UIt的结果. la. 请帮助小红补充完善这个问题中电流做功的求解过程.
b. 为了更好地描述某个小区域的电流分布情况,物理学家引入了电流密度这一物理量,定义其大小为单位时间内通过单位面积的电量.若已知该导线中的电流密度为j,导线的电阻率为,试证明:
Uj. l(3)由于恒定电场的作用,导体内自由电子会发生定向移动,但定向移动的速率远小于自由电子热运动的速率,而运动过程中会与导体内不动的粒子发生碰撞从而减速,因此自由电子定向移动的平均速率不随时间变化.金属电阻反映的是定向移动的自由电子与不动的粒子的碰撞.假设自由电子连续两次与不动的粒子碰撞的时间间隔平均值为t0(这个时间由自由电子热运动决定,为一确定值),碰撞后自由电子定向移动的速度全部消失,碰撞时间不计.请根据以上内容,推导证明金属电阻丝的电阻率与金属丝两端的电压无关. 【答案】(1)IneSv (2)见解析 (3)电阻率【解析】
2m为定值,与电压无关. ne2t0
(1)假设在ts内,通过导线横截面的总电量为q,则:q=Vne 其中ts内,通过横截面所以电子所占体积V=Svt 所以q=Svnet
根据电流的定义,得:Iq=neSv tUU lvt(2)a.如图所示,根据电场强度和电势差的关系,E
所以在ts内,恒定电场对自由电荷的静电力做功WqElqEvtq其中qIt,带入上式得WIUt
b.根据题意,单位时间内,通过单位面积的电荷量,称为电流密度 即:jUvtqU vtq St根据电阻定律:R又因为lvt
l Sql所以:UIRtSqjllltS
(3)自由电子连续两次与同一个不动粒子碰撞的时间间隔为t0,碰后电子立刻停止运动. 根据动量定理由eUet0Ut0mv0,得v lml0vUet0 22ml电子定向移动的平均速率为vUet0ne2USt0根据电流得微观表达式IneSvneS
2ml2ml根据欧姆定律RU2ml2 IneSt0SmlS2m22 lneSt0lnet0根据电阻定律可知R故影响电阻率的因素为:单位体积的自由电子数目n,电子在恒定电场中由静止加速的平均速度t0.
5.在如图所示的电路中,电源的电动势E=6.0V,内电阻r=1.0Ω,外电路的电阻R=11.0Ω.闭合开关S.求:
(1)通过电阻R的电流Ⅰ; (2)在内电阻r上损耗的电功率P; (3)电源的总功率P总.
【答案】(1)通过电阻R的电流为0.5A;
(2)在内电阻r上损耗的电功率P为0.25W;(3)电源的总功率P总为3W. 【解析】
试题分析:(1)根据闭合电路欧姆定律,通过电阻R的电流为:(2)r上损耗的电功率为:P=Ir=0.5×0.5×1=0.25W,
2
,
(3)电源的总功率为:P总=IE=6×0.5=3 W. 考点:闭合电路的欧姆定律;电功、电功率.
6.图示为汽车蓄电池与车灯、小型启动电动机组成的电路,蓄电池内阻为0.05Ω,电表可视为理想电表。只接通S1时,电流表示数为10A,电压表示数为12V,再接通S2,启动电动机时,电流表示数变为8A,求:
(1)汽车蓄电池的电动势;
(2)接通S2时,通过启动电动机的电流。 【答案】(1)12.5V(2)50A
【解析】试题分析:(1)只接通S1时,汽车车灯电阻:R=U1/I1=1.2Ω,电源电动势:E=U1+Ir=12.5V
(2)再接通S2,车灯两端的电压:U2=I2R=9.6V,电源内电压U内=E-U2=2.9V,干路电流I=U
内
/r=58A,
过启动电动机的电流为I启=58A-8A=50A。 考点:全电路的欧姆定律
【名师点睛】此题考查案了全电路的欧姆定律的应用;关键是搞清电路的结构,根据全电路的欧姆定律列出两种情况下的方程即可求解未知量.
7.如图所示电路中,灯L标有“6V,3W”,定值电阻R1=4Ω,R2=10Ω,电源内阻r=2Ω,当滑片P滑到最下端时,理想电流表读数为1A,此时灯L恰好正常发光,试求:
(1)滑线变阻器最大值R;
(2)当滑片P滑到最上端时,电流表的读数 【答案】 【解析】
2UL试题分析:(1)灯L的电阻为:RL==12Ω
PL当P滑到下端时,R2被短路,灯L与整个变阻器R并联,此时灯正常发光,通过灯L的电流为:IL=
PL=0.5A UL通过变阻器R的电流为:IR=IA-IL=1A-0.5A=0.5A 则IR=IL,即得滑线变阻器最大值为:R=RL=12Ω (2)电源电动势:EI(R1rRRL)12V=
RRL当P滑到上端时,灯L、变阻器R及电阻R2都被短路,此时电流表的读数为:
E=2A Rr考点:
I′=
【名师点睛】闭合电路的欧姆定律
8.如图所示,长为 L、电阻 r=0.3Ω、质量 m=0.1kg 的金属棒 CD 垂直跨搁在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上,两导轨间距也是 L,棒与导轨间接触良好,导轨电阻不计,导轨左端接有 R=0.5Ω 的电阻,量程为0~3.0A 的电流表串接在一条导轨上,量程为 0~1.0V 的电压表接在电阻 R 的两端,垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过平面。现以向右恒定外力 F 使金属棒右移,当金属棒以 v=2m/s 的速度在导轨平面上匀速滑动时,观察到电路中的一个电表正好满偏,而另一个电表未满偏。问: (1)在图中标出两块表的正负接线柱; (2)此满偏的电表是什么表?说明理由; (3)拉动金属棒的外力 F 多大?
【答案】(1)电压表上正下负、电流表左正右负;(2)电压表满偏,理由见解析;(3)
1.6N 【解析】 【分析】 【详解】
(1)根据右手定则可知电压表上正下负、电流表左正右负 (2)电压表满偏 若电流表满偏,则I=3A 根据欧姆定律
UIR1.5V
大于电压表量程,故电压表满偏 (3)U=1V时根据欧姆定律
IU2A R由能量守恒可知回路的电功率等于外力的功率,即
2I(Rr)Fv
解得F=1.6N
9.如图为实验室常用的两个量程的电流表原理图.当使用O、A两接线柱时,量程为0.6 A;当使用O、B两接线柱时,量程为3 A.已知表头的内阻Rg=200 Ω,满偏电流Ig=100 mA.求分流电阻R1和R2.
【答案】8 Ω 32 Ω 【解析】 【分析】 【详解】
并联分流电路的特点就是电压相同.在改装的电流表中,各量程达到满偏电流时,通过“表头”的电流仍为满偏电流. 接O、A时:IgRg=(I1-Ig)(R1+R2) 接O、B时:Ig(Rg+R2)=(I2-Ig)R1
联立以上两式,把Ig=0.1 A,Rg=200 Ω,I1=0.6 A,I2=3 A 代入并解之得R1=8 Ω,R2=32 Ω 即量程为0.6 A时,(R1+R2)为分流电阻;
量程为3 A时,R1为分流电阻,R2为分压电阻.
10.如图所示的电路中, R18, R24, R36, R43.
(1)求电路中的总电阻;
(2)当加在电路两端的电压U42V时,通过每个电阻的电流是多少? 【答案】(1)电路中的总电阻为14Ω
(2)当加在电路两端的电压U=42V时,通过四个电阻的电流分别为:3A;3A;1A;2A. 【解析】 【分析】
分析电路图,电阻R3、R4并联,再和R1和R2串联,根据欧姆定律和串并联电路的特点求解. 【详解】
(1)电路中的总电阻为
RR1R2(2)根据欧姆定律得:
R3R46384Ω=14Ω
R3R463I=
R1和R2串联且在干路上,所以
U423A R14I1=I2=3A
对于R3、R4则有:
I3+I4=3A
I3R41 I4R32所以
I3=1A,I4=2A
答:(1)电路中的总电阻为14Ω
(2)当加在电路两端的电压U=42V时,通过四个电阻的电流分别为:3A;3A;1A;2A.
11.在图所示的电路中,电源电压U恒定不变,当S闭合时R1消耗的电功率为9W,当S断开时R1消耗的电功率为4W,求:
(1)电阻R1与R2的比值是多大?
(2)S断开时,电阻R2消耗的电功率是多少? (3)S闭合与断开时,流过电阻R1的电流之比是多少? 【答案】2∶1,2W,3∶2 【解析】 【分析】 【详解】
(1)当S闭合时R1消耗的电功率为9W,则:
U2P9W 1R1当S断开时R1消耗的电功率为4W,则:
P1'(解得:
U)2R14W R1R2R1:R22:1
(2)S断开时 R1和R2串联,根据公式PI2R,功率之比等于阻值之比,所以:
P1':P2'R1:R22:1
又因为P1'4W,所以,S断开时,电阻R2消耗的电功率:
P2'2W
(3)S闭合时:
I
S断开时:
U
R1
I'所以:
U R1R2IR1R23 I'R12
12.如图所示电路,R1=2 Ω,R2=3 Ω,R3=4 Ω.
(1)如果已知流过电阻R1的电流I1=3 A,则干路电流多大? (2)如果已知干路电流I=3 A,则流过每个电阻的电流多大? 【答案】(1)6.5A; (2)I1≈1.38A,I2≈0.92A, I3≈0.69A
【解析】 【详解】
(1)由欧姆定律得R1两端的电压为: U1=I1R1=3×2 V=6 V.
R1、R2、R3并联,三者两端电压应相等,U1=U2=U3. R2中的电流为:I2U26A2A. R23U36A1.5A. R34R3中的电流为:I3干路中的电流为:I=I1+I2+I3=6.5 A. (2)设并联后的总电阻为R,则:
1111 RR1R2R3所以R=
12Ω. 131236VV. 1313并联电路两端的电压为:UIR3U≈1.38 A 电流分别为:I1=R136U13I2A0.92A
R2336U13I3A0.69A
R34
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